化學(xué)選修4第四章第三節(jié)《鹽類(lèi)的水解》知識(shí)總結(jié)

化學(xué)選修四第四章第3節(jié)《鹽類(lèi)的水解》知識(shí)總結(jié)

一、探究鹽溶液的酸堿性

強(qiáng)堿弱酸鹽的水溶液，呈堿性；強(qiáng)酸弱堿鹽的水溶液，呈酸性；強(qiáng)酸強(qiáng)堿鹽的水溶液，呈中性。二、鹽溶液呈現(xiàn)不同酸堿性的原因弱酸強(qiáng)堿鹽，水解顯堿性

CH3COONa=CH3COO+Na+

+

H2OH++OH

CH3COOHCH3COONa+H2OCH3COOH+NaOHCH3COO+H2OCH3COOH+OH強(qiáng)酸弱堿鹽水解

NH4Cl=NH4++Cl+

H2OOH+H+NH3H2O

NH4Cl+H2ONH3H2O+HClNH4++H2ONH3H2O+H+強(qiáng)酸強(qiáng)堿鹽：不水解

弱酸弱堿鹽：雙水解，水解程度增大。

1、鹽類(lèi)水解(hydrolysisofsalts)：在溶液中，由于鹽的離子與水電離出來(lái)的H+或OH-結(jié)合生成弱電解質(zhì)的過(guò)程中。

2、鹽類(lèi)水解的實(shí)質(zhì)：是酸堿中和反應(yīng)的逆反應(yīng)酸+堿鹽+水

3、鹽類(lèi)水解破壞了水的電離平衡，促進(jìn)了水的電離4、鹽類(lèi)水解的類(lèi)型及規(guī)律

由強(qiáng)堿和弱酸反應(yīng)生成的鹽，稱(chēng)為強(qiáng)堿弱酸鹽，含有以下（CH3COONa）CO32-、PO43-、S2-、SO32-、ClO-、F-，弱酸根的鹽，常會(huì)發(fā)生水解。NH4Cl可以看作是強(qiáng)酸HCl和弱堿NH3H2O反應(yīng)生成的鹽，我們把這種鹽叫做強(qiáng)酸弱堿鹽。類(lèi)似這樣的鹽還有Al2(SO4)3、FeCl3、CuSO4等。由于NaCl電離出的Na+和Cl-都不能與水電離出來(lái)的H+或OH-結(jié)合生成弱電解質(zhì)，所以強(qiáng)堿強(qiáng)酸鹽不能水解，不會(huì)破壞水

的電離平衡，因此其溶液顯中性。強(qiáng)酸強(qiáng)堿鹽、難溶于水的鹽不水解。對(duì)于弱酸弱堿鹽（NH4Ac），由于一水合氨和醋酸的電離度相近，因此銨離子、醋酸跟離子水解程度相近，從二溶液顯中性。(1)有弱才水解，無(wú)弱不水解，越弱越水解，都弱都水解；誰(shuí)強(qiáng)顯誰(shuí)性，同強(qiáng)顯中性。(2)組成鹽的酸越弱，水解程度越大

例如，已知物質(zhì)的量濃度相同的兩種鹽溶液，NaA和NaB，其溶液的pH前者大于后者，則酸HA和HB的相對(duì)強(qiáng)弱為HB>HA，這條規(guī)律可用于利用鹽的pH值判斷酸性的強(qiáng)弱。酸的強(qiáng)弱順序：H3PO4>H2SO3>HF>CH3COOH>H2CO3>H2S>HClO>Al(OH)3(3)同濃度的正鹽與其酸式鹽相比，正鹽的水解程度比酸式鹽的水解程度大。

(4)弱酸酸式鹽的酸堿性要看酸式酸根電離和水解的相對(duì)強(qiáng)弱。HCO3-、HS-、HPO42-在溶液中以水解為主，其溶液顯堿性；HSO3-、H2PO4-在溶液中以電離為主，其溶液顯酸性5、鹽類(lèi)水解離子方程式的書(shū)寫(xiě)

(1)寫(xiě)法：誰(shuí)弱寫(xiě)誰(shuí)，都弱都寫(xiě)；陽(yáng)離子水解生成H＋，陰離子水解生成OH—；陰陽(yáng)離子都水解，生成弱酸和弱堿。

以CO32-為例，的水解的離子方程式：

CO32-+H2OHCO3-+OH-(主要)HCO3-+H2OH2CO3+OH-(次要)

Al3+水解的離子方程式：Al3++3H2OAl(OH)3+3H+

(2)注意的問(wèn)題：水和弱電解質(zhì)應(yīng)寫(xiě)成分子式，不能寫(xiě)成相應(yīng)的離子。水解反應(yīng)是可逆過(guò)程，因此要用可逆符號(hào)，并不標(biāo)“↑”、“↓”符號(hào)。（Al2S3、Al2(SO4)3例外）多元酸鹽的水解是分步進(jìn)行的。如：

CO32+H2OHCO3+OHHCO3+H2OH2CO3+OH

多元堿的鹽也是分步水解的，由于中間過(guò)程復(fù)雜，可寫(xiě)成一步，如：

Cu2++2H2OCu(OH)2+2H+Al3++3H2OAl(OH)3+3H+

多元弱酸的酸根離子既有水解傾向，又有電離傾向，以水解為主，溶液顯堿性，以電離為主的，溶液顯酸性。

些鹽溶液在混合時(shí)，一種鹽的陽(yáng)離子和另一種鹽的陰離子在一起都發(fā)生水解，相互促進(jìn)對(duì)方的水解，使兩種離子的水解趨于完全。例如，將Al2(SO4)3溶液和NaHCO3溶液混合，立即產(chǎn)生白色沉淀和大量氣體。這是由于混合前Al2(SO4)3溶液顯酸性，Al3++3H2OAl(OH)3+3H+，NaHCO3溶液顯酸性：HCO3-+H2OH2CO3+OH-，混合后由于H++OH-=H2O，使兩個(gè)水解反應(yīng)互相促進(jìn)，使其水解反應(yīng)互相促進(jìn)，使其各自水解趨于完全，所以產(chǎn)生白色沉淀和CO2氣體，Al3++3HCO3-=Al(OH)3↓+3CO2↑

(3)雙水解方程式的書(shū)寫(xiě)：弱酸弱堿鹽中陰、陽(yáng)離子相互促進(jìn)水解，我們稱(chēng)之為雙水解。

常見(jiàn)的能發(fā)生相互促進(jìn)水解的離子有：Al3+與S2-、HS-、CO32-、HCO3-、AlO2-；Fe3+與AlO2-、CO32-、HCO3-；NH4+與AlO2-、SiO32-等。三、鹽類(lèi)水解的影響因素

當(dāng)水解速率與中和反應(yīng)速率相等時(shí)，處于水解平衡狀態(tài)。若改變條件，水解平衡就會(huì)發(fā)生移動(dòng)，遵循勒沙特列原理。

1、內(nèi)因：鹽本身的性質(zhì)。主要因素是鹽本身的性質(zhì)，組成鹽的酸根對(duì)應(yīng)的酸越弱（或陽(yáng)離子對(duì)應(yīng)的堿越弱），水解程度就越大。另外還受溫度、濃度及外加酸堿等因素的影響2、外因：(1)溫度：升溫促進(jìn)水解(2)濃度：稀釋促進(jìn)水解(3)外加酸堿

鹽的水解是吸熱反應(yīng)，因此升高溫度，水解程度增大。稀釋鹽溶液，可促進(jìn)水解，鹽的濃度越小，水解程度越大；但增大鹽的濃度，水解平衡雖然正向移動(dòng)，但水解程度減小。外加酸堿能促進(jìn)或抑制鹽的水解，例如，水解酸性的鹽溶液，若加入堿，就會(huì)中和溶液中的H＋，使平衡向水解方向移動(dòng)而促進(jìn)水解，若加酸則抑制水解。3、不考慮水解的情況

不水解的兩種可溶性強(qiáng)酸強(qiáng)堿鹽溶液相混合，按復(fù)分解進(jìn)行分析，如BaCl2+Na2SO4=BaSO4+2NaCl。水解反應(yīng)不能相互促進(jìn)的、可溶性強(qiáng)酸強(qiáng)堿鹽相混合，一般按復(fù)分解進(jìn)行，如BaCl2+Na2CO3=BaCO3+2NaCl。若是具有氧化性的鹽和具有還原性的鹽溶液反應(yīng)時(shí)，一般可發(fā)生氧化還原反應(yīng)：2FeCl3+Na2S=2FeCl2+2NaCl+S。四、鹽類(lèi)水解的應(yīng)用

鹽類(lèi)水解的程度一般很微弱，通常不考慮它的影響，但遇到下列情況時(shí)，必須考慮水解。1、分析判斷鹽溶液酸堿性（或PH范圍）要考慮水解

(1)、等體積、等物質(zhì)的量濃度的氨水和鹽酸混合后，因?yàn)橥耆�反�?yīng)生成強(qiáng)酸弱堿鹽NH4Cl，所以pH＜7，溶液顯酸性。。

(2)、相同溫度、相同物質(zhì)的量濃度的四種溶液：①CH3COONa，②NaHSO4，③NaCl，④苯酚鈉，按pH由大到小排列正確的是（）。

A．①＞④＞③＞②B．①＞②＞③＞④C．④＞③＞①＞②D．④＞①＞③＞②

解析：此題考查學(xué)生對(duì)鹽類(lèi)水解規(guī)律的掌握和理解，硫酸氫鈉和氯化鈉都是強(qiáng)酸強(qiáng)堿鹽，不水解。氯化鈉溶液呈中性，硫酸氫鈉溶液呈酸性。另外兩鹽均水解，水溶液都呈堿性，其水溶液堿性的相對(duì)強(qiáng)弱可依“越弱越水解”的規(guī)律比較，即組成鹽的離子與水電離的Ｈ＋或ＯＨ－結(jié)合成的弱電解質(zhì)，電離度越小，該鹽水解程度就越大，乙酸鈉和苯酚鈉的水解產(chǎn)物分別是乙酸和苯酚，因?yàn)楸椒邮潜纫宜岣�弱的電解質(zhì)，即苯酚鈉的水解程度大，其水溶液的堿性較強(qiáng)，ｐＨ也較大，正確選項(xiàng)為Ｄ。［板書(shū)］2、比較鹽溶液離子濃度大小或離子數(shù)時(shí)要考慮水解。

(3)、例如在磷酸鈉晶體中，n(Na+)=3n(PO43-)，但在Na3PO4溶液中，由于PO43-的水解，有c(Na+)>3c(PO43-)，又如，在0.1mol/LNa2CO3溶液中，陰離子濃度的大小順序?yàn)椋篶(CO32-)>c(OH-)>c(HCO3-)

3、配制易水解的鹽溶液時(shí)，需考慮抑制鹽的水解

配制強(qiáng)酸弱堿溶液時(shí)，需滴幾滴相應(yīng)的強(qiáng)酸，可使水解平衡向左移動(dòng)，抑制弱堿陽(yáng)離子的水解，如配制FeCl3、SnCl2溶液時(shí)，因其陽(yáng)離子發(fā)生諸如Fe3++3H2OFe(OH)3+3H+的水解而呈渾濁狀，若先將FeCl3溶于稀HCl中，再用水稀釋到所需濃度，可使溶液始終澄清。同樣配制CuSO4溶液，可先將CuSO4溶于稀H2SO4中，然后加水稀釋。

配制強(qiáng)堿弱酸鹽溶液時(shí)，需幾滴相應(yīng)的強(qiáng)堿，可使水解平衡向左移動(dòng)，抑制弱酸根離子的水解。如配制Na2CO3、Na2S溶液時(shí)滴幾滴NaOH溶液。

(1)、實(shí)驗(yàn)室在配制硫酸鐵溶液時(shí)，先把硫酸鐵晶體溶解在稀硫酸中，再加水稀釋至所需濃度，如此操作的目的是（）

A、防止硫酸鐵分解B、抑制硫酸鐵水解C、促進(jìn)硫酸鐵溶解D、提高溶液的PH4、制備某些無(wú)水鹽時(shí)要考慮鹽的水解

例如將揮發(fā)性酸對(duì)應(yīng)的鹽(AlCl3、FeBr2、Fe(NO3)3等)的溶液加熱蒸干，得不到鹽本身。以蒸干AlCl3溶液來(lái)說(shuō)，AlCl3溶液中AlCl3+3H2OAl(OH)3+3HCl，蒸干過(guò)程中，HCl揮發(fā)，水解平衡向右移，生成Al(OH)3，Al(OH)3加熱分解：2Al(OH)3Al2O3+3H2O，故最終加熱到質(zhì)量不再變化時(shí)，固體產(chǎn)物是Al2O3。又如，有些鹽(如Al2S3)會(huì)發(fā)生雙水解(能進(jìn)行幾乎徹底的水解)，無(wú)法在溶液中制取，只能由單質(zhì)直接反應(yīng)制取。。5、判斷離子能否大量共存時(shí)要考慮鹽的水解

弱堿陽(yáng)離子與弱酸根離子在溶液中若能發(fā)生雙水解，則不能大量共存，能發(fā)生雙水解反應(yīng)的離子有：Al3+與CO32-、HCO3-、S2-、HS-、AlO2-等；Fe3+與CO32-、HCO3-、AlO2-等；NH4+與SiO32-、AlO2-等。這里還需要我們注意的是Fe3+與S2-、HS-也不能共存，但不是因?yàn)榘l(fā)生雙水解，而是因?yàn)榘l(fā)生氧化還原反應(yīng)。

6、化肥的合理施用，有時(shí)也要考慮鹽類(lèi)的水解

銨態(tài)氮肥與草木灰不能混合施用。因草木灰的成分是K2CO3水解呈堿性；CO32-+H2OHCO3-+OH-，銨態(tài)氮肥中NH4+遇OH-逸出NH3，使氮元素?fù)p失，造成氮肥肥效降低；過(guò)磷酸鈣不能與草木灰混合施用，因Ca(H2PO4)2水溶液顯酸性，K2CO3溶液顯堿性，兩者混合時(shí)生成了難溶于水的CaCO3、Ca3(PO4)2或CaHPO4，不能被作物吸收。長(zhǎng)期施用(NH4)2SO4的土壤因NH4+的水解而使土壤的酸性增強(qiáng)：NH4++H2ONH3H2O+H+。7、某些試劑的實(shí)驗(yàn)室貯存要考慮鹽的水解

例如Na2CO3、NaHCO3溶液因CO32-、HCO3-水解，使溶液呈堿性，OH-與玻璃中的SiO2反應(yīng)生成

硅酸鹽，使試劑瓶頸與瓶塞粘結(jié)，因而不能用帶玻璃塞的試劑瓶貯存，必須用帶橡皮塞的試劑瓶保存。8、用鹽作凈水劑時(shí)需考慮鹽類(lèi)水解

例如明礬KAl(SO4)212H2O凈水原理：Al3++3H2OAl(OH)3(膠體)+3H+，Al(OH)3膠體表面積大，吸附能力強(qiáng)，能吸附水中懸浮雜質(zhì)生成沉淀而起到凈水作用。

9、Mg、Zn等較活潑金屬溶于強(qiáng)酸弱堿鹽(如NH4Cl、AlCl3、FeCl3等)溶液中產(chǎn)生H2

將Mg條投入NH4Cl溶液中，有H2、NH3產(chǎn)生，有關(guān)離子方程式為NH4++H2ONH3H2O+H+，Mg+2H+=Mg2++H2，Mg與FeCl3、AlCl3、NH4Cl溶液均能反應(yīng)。10、某些鹽的分離除雜要考慮鹽類(lèi)水解

例如為了除去氯化鎂酸性溶液中的Fe3+可在加熱攪拌條件下加入氧化鎂，氧化鎂與Fe3+水解產(chǎn)生H+反應(yīng)：MgO+2H+=Mg2++H2O，使水解平衡Fe3++3H2OFe(OH)3+3H+不斷向右移動(dòng)，F(xiàn)e3+會(huì)生成Fe(OH)3沉淀而被除去。

11、工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)、日常生活中，常利用鹽的水解知識(shí)

泡沫滅火器產(chǎn)生泡沫是利用了Al2(SO4)3和NaHCO3相混合發(fā)生雙水解反應(yīng)，產(chǎn)生了CO2，Al3++3HCO3-＝＝Al(OH)3+3CO2。

日常生活中用熱堿液洗滌油污制品比冷堿液效果好，是由于加熱促進(jìn)了Na2CO3水解，使溶液堿性增強(qiáng)。水垢的主要成分是CaCO3和Mg(OH)2，基本上不會(huì)生成MgCO3，是因?yàn)镸gCO3微溶于水，受熱時(shí)水解生成更難溶的Mg(OH)2。小蘇打片可治療胃酸過(guò)多。磨口試劑瓶中不能盛放Na2SiO3、Na2CO3等試劑。

12、加熱蒸干鹽溶液析出固體

不水解、不分解的鹽的溶液加熱蒸干時(shí)，析出鹽的晶體，如NaCl；但能水解，生成的酸不揮發(fā)，也能析出該鹽的晶體，如Al2(SO4)3；能水解，但水解后生成的酸有揮發(fā)性，則析出金屬氫氧化物，若蒸干后繼續(xù)加熱，則可分解為金屬氧化物，如AlCl3；若鹽在較低溫度下受熱能水解，則加熱蒸干其溶液時(shí)，鹽已分解，如Ca(HCO3)2。13、判斷鹽對(duì)應(yīng)酸的相對(duì)強(qiáng)弱

例如，已知物質(zhì)的量濃度相同的兩種鹽溶液，NaA和NaB，其溶液的pH前者大于后者，則酸HA和HB的相對(duì)強(qiáng)弱為HB>HA。14、制備納米材料

例如，用TiCl4制備TiO2：TiCl4+(x+2)H2O(過(guò)量)TiO2xH2O↓+4HCl。制備時(shí)加入大量的水，同時(shí)加熱，促進(jìn)水解趨于完全，所得TiO2xH2O經(jīng)焙燒得TiO2。類(lèi)似的方法也可用來(lái)制備SnO、SnO2、Sn2O3等。

五、電離平衡理論和水解平衡理論

1.電離理論：⑴弱電解質(zhì)的電離是微弱的，電離消耗的電解質(zhì)及產(chǎn)生的微粒都是少量的，同時(shí)注意考慮

水的電離的存在；⑵多元弱酸的電離是分步的，主要以第一步電離為主。

2.水解理論：從鹽類(lèi)的水解的特征分析：水解程度是微弱的（一般不超過(guò)2‰）。例如：NaHCO3溶液中，c(HCO3-)》c(H2CO3)或c(OH-)

理清溶液中的平衡關(guān)系并分清主次：

⑴弱酸的陰離子和弱堿的陽(yáng)離子因水解而損耗；如NaHCO3溶液中有：c(Na+)＞c(HCO3-)。⑵弱酸的陰離子和弱堿的陽(yáng)離子的水解是微量的（雙水解除外），因此水解生成的弱電解質(zhì)及產(chǎn)生H+的（或OH-）也是微量，但由于水的電離平衡和鹽類(lèi)水解平衡的存在，所以水解后的酸性溶液中c(H+)（或堿性溶液中的c(OH-)）總是大于水解產(chǎn)生的弱電解質(zhì)的濃度；⑶一般來(lái)說(shuō)“誰(shuí)弱誰(shuí)水解，誰(shuí)強(qiáng)顯誰(shuí)性”，如水解呈酸性的溶液中c(H+)＞c(OH-)，水解呈堿性的溶液中c(OH-)＞c(H+)；⑷多元弱酸的酸根離子的水解是分步進(jìn)行的，主要以第一步水解為主。六、電解質(zhì)溶液中的守恒關(guān)系

1、電荷守恒：電解質(zhì)溶液中的陰離子的負(fù)電荷總數(shù)等于陽(yáng)離子的正電荷總數(shù)

電荷守恒的重要應(yīng)用是依據(jù)電荷守恒列出等式，比較或計(jì)算離子的物質(zhì)的量或物質(zhì)的量濃度。如在只含有A+、M-、H+、OH-四種離子的溶液中c(A+)+c(H+)=c(M-)+c(OH-)，若c(H+)＞c(OH-)，則必然有c(A+)＜c(M-)。

［投影］例如，在NaHCO3溶液中，有如下關(guān)系：

c(Na+)+c(H+)=c(HCO3-)+c(OH-)+2c(CO32-)

書(shū)寫(xiě)電荷守恒式必須①準(zhǔn)確的判斷溶液中離子的種類(lèi)；②弄清離子濃度和電荷濃度的關(guān)系。2、物料守恒：就電解質(zhì)溶液而言，物料守恒是指電解質(zhì)發(fā)生變化（反應(yīng)或電離）前某元素的原子（或離子）的物質(zhì)的量等于電解質(zhì)變化后溶液中所有含該元素的原子（或離子）的物質(zhì)的量之和。實(shí)質(zhì)上，物料守恒屬于原子個(gè)數(shù)守恒和質(zhì)量守恒。

在Na2S溶液中存在著S2-的水解、HS-的電離和水解、水的電離，粒子間有如下關(guān)系

c(S2-)+c(HS-)+c(H2S)=1/2c(Na+)(Na+，S2-守恒)c(HS-)+2c(S2-)+c(H)=c(OH-)(H、O原子守恒)

在NaHS溶液中存在著HS-的水解和電離及水的電離。

HS-＋H2OH2S＋OH-；HS-H+＋S2-；H2OH+＋OH-

從物料守恒的角度分析，有如下等式：c(HS-)+c(S2-)+c(H2S)=c(Na+)；從電荷守恒的角度分析，有如下等式：c(HS-)+2c(S2-)+c(OH-)=c(Na+)+c(H+)；將以上兩式相加，有：c(S2-)+c(OH-)==c(H2S)+c(H+)，得出的式子被稱(chēng)為質(zhì)子守恒

3、質(zhì)子守恒：無(wú)論溶液中結(jié)合氫離子還是失去氫離子，但氫原子總數(shù)始終為定值，也就是說(shuō)結(jié)合的氫離子的量和失去氫離子的量相等。三、典型題溶質(zhì)單一型

1、弱酸溶液中離子濃度的大小判斷解此類(lèi)題的關(guān)鍵是緊抓弱酸的電離平衡

0.1mol/L的H2S溶液中所存在離子的濃度由大到小的排列順序是_________________

解析：在H2S溶液中有下列平衡：H2SH++HS-；HS-H++S2-。已知多元弱酸的電離以第一步為主，第二步電離較第一步弱得多，但兩步電離都產(chǎn)生H+，因此答案應(yīng)為：c(H+)>c(HS-)>c(S2-)>c(OH-)弱酸溶液中離子濃度大小的一般關(guān)系是：

C(顯性離子)>C(一級(jí)電離離子)>C(二級(jí)電離離子)>C(水電離出的另一離子)

2、弱堿溶液（同樣的思考方式可以解決弱堿溶液的問(wèn)題）

室溫下，0.1mol/L的氨水溶液中，下列關(guān)系式中不正確的是（C）A.c(OH-)＞c(H+)B.c(NH3H2O)+c(NH4+)=0.1mol/LC.c(NH4+)＞c(NH3H2O)＞c(OH-)＞c(H+)D.c(OH-)=c(NH4+)+c(H+)3、能發(fā)生水解的鹽溶液中離子濃度大小比較弱酸強(qiáng)堿型解此類(lèi)題型的關(guān)鍵是抓住鹽溶液中水解的離子

在CH3COONa溶液中各離子的濃度由大到小排列順序正確的是(A)A.c(Na+)>c(CH3COO-)>c(OH-)>c(H+)B.c(CH3COO-)>c(Na+)>c(OH-)>c(H+)C.c(Na+)>c(CH3COO-)>c(H+)>c(OH-)D.c(Na+)>c(OH-)>c(CH3COO-)>c(H+)(1)、一元弱酸鹽溶液中離子濃度的一般關(guān)系是：

C(不水解離子)>C(水解離子)>C(顯性離子)>C(水電離出的另外一種離子)

在Na2CO3溶液中各離子的濃度由小到大的排列順序是C(H+)C(水電離出的另一離子)在Na2S溶液中下列關(guān)系不正確的是()

A．c(Na+)=2c(HS-)+2c(S2-)+c(H2S)B．c(Na+)+c(H+)=c(OH-)+c(HS-)+2c(S2-)C．c(Na+)＞c(S2-)＞c(OH-)＞c(HS-)D．c(OH-)=c(HS-)+c(H+)+c(H2S)

判斷0.1mol/L的NaHCO3溶液中離子濃度的大小關(guān)系C(Na+)>C(HCO3-)>C(OH-)>C(H+)>C(CO32-)(3)、二元弱酸的酸式鹽溶液中離子濃度大小的一般關(guān)系是：

C(不水解離子)>C(水解離子)>C(顯性離子)>C(水電離出的另一離子)>C(電離得到的酸根離子)草酸是二元弱酸，草酸氫鉀溶液呈酸性，在0.1mol/LKHC2O4溶液中，下列關(guān)系正確的是（CD）A．c(K+)+c(H+)=c(HC2O4-)+c(OH-)+c(C2O42-)B．c(HC2O4-)+c(C2O42-)=0.1mol/LC．c(C2O42-)＞c(H2C2O4)D．c(K+)=c(H2C2O4)+c(HC2O4-)+c(C2O42-)在氯化銨溶液中，下列關(guān)系正確的是（A）

A.c(Cl-)＞c(NH4+)＞c(H+)＞c(OH-)B.c(NH4+)＞c(Cl-)＞c(H+)＞c(OH-)

C.c(NH4+)＝c(Cl-)＞c(H+)＝c(OH-)D.c(Cl-)＝c(NH4+)＞c(H+)＞c(OH-)七、典型題兩種電解質(zhì)溶液相混合型的離子濃度的判斷

解此類(lèi)題的關(guān)鍵是抓住兩溶液混合后生成的鹽的水解情況以及混合時(shí)弱電解質(zhì)有無(wú)剩余，若有剩余，則應(yīng)討論弱電解質(zhì)的電離。下面以一元酸、一元堿和一元酸的鹽為例進(jìn)行分析。1、強(qiáng)酸與弱堿混合

pH=13的NH3H2O和pH=1的鹽酸等體積混合后所得溶液中各離子濃度由大到小的排列順序是C(NH4+)>C(Cl-)>C(OH-)>C(H+)。

解析：pH=1的HCl，C(H+)=0.1mol/L，pH=13的NH3H2O，C(OH-)=0.1mol/L，則NH3H2O的濃度遠(yuǎn)大于0.1mol/L，因此，兩溶液混合時(shí)生成NH4Cl為強(qiáng)酸弱堿鹽，氨水過(guò)量，且C(NH3H2O)>C(NH4Cl)，則溶液的酸堿性應(yīng)由氨水決定。即NH3H2O的電離大于NH4+的水解，所以溶液中的離子濃度由大到小的順序?yàn)椋篊(NH4+)>C(Cl-)>C(OH-)>C(H+)。2、強(qiáng)堿與弱酸混合

pH=X的NaOH溶液與pH=Y的CH3COOH溶液，已知X+Y=14，且Yc(CH3COO-)>c(OH-)>c(H+)B.c(CH3COO-)>c(Na+)>c(H+)>c(OH-)C.c(CH3COO-)>c(Na+)>c(OH-)>c(H+)D.c(Na+)>c(CH3COO-)>c(H+)>c(OH-)

解析：同上，pH=X的NaOH溶液中，c(OH-)=10-(14-X)mol/L，pH=Y的CH3COOH溶液中，c(H+)=10-Ymol/L，因?yàn)閄+Y=14，NaOH溶液中c(OH-)等于CH3COOH溶液中c(H+)。因此C(CH3COOH)遠(yuǎn)大于10-Ymol/L，CH3COOH過(guò)量，因此選項(xiàng)B正確。

上述兩題的特點(diǎn)是pH1+pH2=14，且等體積混合。其溶液中各離子濃度的關(guān)系的特點(diǎn)是

C(弱電解質(zhì)的離子)>C(強(qiáng)電解質(zhì)的離子)>C(顯性離子)>C(水電離出的另一離子)

3、強(qiáng)堿弱酸鹽與強(qiáng)酸混合和強(qiáng)酸弱堿鹽與強(qiáng)堿混合

0.2mol/L的CH3COOK與0.1mol/L的鹽酸等體積混合后，溶液中下列粒子的物質(zhì)的量關(guān)系正確的是()

A.c(CH3COO-)=c(Cl-)=c(H+)>c(CH3COOH)B.c(CH3COO-)=c(Cl-)>c(CH3COOH)>c(H+)C.c(CH3COO-)>c(Cl-)>c(H+)>c(CH3COOH)D.c(CH3COO-)>c(Cl-)>c(CH3COOH)>c(H+)解析：兩溶液混合后CH3COOK+HClKCl+CH3COOH，又知CH3COOK過(guò)量，反應(yīng)后溶液中CH3COOK、CH3COOH和KCl物質(zhì)的量相等。由于CH3COOH的電離和CH3COO-的水解程度均很小，且CH3COOH的電離占主導(dǎo)地位，因此，C(CH3COO-)>C(H+)>C(OH-)。又知C(Cl-)=0.05mol/L，C(CH3COOH)

在10ml0.1molL-1NaOH溶液中加入同體積、同濃度HAc溶液，反應(yīng)后溶液中各微粒的濃度關(guān)系錯(cuò)誤的是()。

A．c(Na+)＞c(Ac-)＞c(H+)＞c(OH-)B．c(Na+)＞c(Ac-)＞c(OH-)＞c(H+)C．c(Na+)＝c(Ac-)＋c(HAC)D．c(Na+)＋c(H+)＝c(Ac-)＋c(OH-)

解析：由于混合的NaOH與HAc物質(zhì)的量都為1×10-3mol，兩者恰好反應(yīng)生成NaAc，等同于單一溶質(zhì)，故與題型①方法相同。由于少量Ac-發(fā)生水解：Ac-+H2OHAc+OH-。故有c(Na+)＞c(Ac-)＞c(OH-)＞c(H+)，根據(jù)物料守恒C正確，根據(jù)電荷守恒D正確，A錯(cuò)誤。故該題選項(xiàng)為A。(2)pH等于7型

常溫下，將甲酸和氫氧化鈉溶液混合，所得溶液pH＝7，則此溶液中()。A．c(HCOO-)＞c(Na+)B．c(HCOO-)＜c(Na+)

C．c(HCOO-)＝c(Na+)D．無(wú)法確定c(HCOO-)與c(Na+)的關(guān)系

解析：本題絕不能理解為恰好反應(yīng)，因完全反應(yīng)生成甲酸鈉為強(qiáng)堿弱酸鹽，溶液呈堿性，而現(xiàn)在Ph=7，故酸略為過(guò)量。根據(jù)溶液中電荷守恒：c(Na+)+c(H+)=c(HCOO-)＋c(OH-)因pH=7，故c(H+)=c(OH-)，所以有c(Na+)=c(HCOO-)，答案為C。(3)反應(yīng)過(guò)量型

常溫下將稀NaOH溶液與稀CH3COOH溶液混合，不可能出現(xiàn)的結(jié)果是A．pH＞7，且c(OH-)＞c(Na+)＞c(H+)＞c(CH3COO-)B．pH＞7，且c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-)C．pH＜7，且c(CH3COO-)＞c(H+)＞c(Na+)＞c(OH-)D．pH＝7，且c(CH3COO-)＞c(Na+)＞c(H+)=c(OH-)

向0.1molL－1NaOH溶液中通入過(guò)量CO2后，溶液中存在的主要離子是（）ANa+、CO32-BNa+、HCO3-CHCO3-、CO32-DNa+、OH-四、守恒問(wèn)題在電解質(zhì)溶液中的應(yīng)用

解此類(lèi)題的關(guān)鍵是抓住溶液呈中性(即陰陽(yáng)離子所帶電荷總數(shù)相等)及變化前后原子的個(gè)數(shù)守恒兩大特點(diǎn)。若題中所給選項(xiàng)為陰陽(yáng)離子的濃度關(guān)系，則應(yīng)考慮電荷守恒，若所給選項(xiàng)等式關(guān)系中包含了弱電解質(zhì)的分子濃度在內(nèi)，則應(yīng)考慮物料守恒。

表示0.1mol/LNaHCO3溶液中有關(guān)粒子濃度的關(guān)系正確的是()

A、C(Na+)>C(HCO3-)>C(CO32-)>C(H+)>C(OH-)B、C(Na+)+C(H+)=C(HCO3-)+C(CO32-)+C(OH-)C、C(Na+)+C(H+)=C(HCO3-)+2C(CO32-)+C(OH-)D、C(Na+)=C(HCO3-)+C(CO32-)+C(H2CO3)

解析：A、NaHCO3溶液因?yàn)樗�解大于電離而呈堿性，因此C(OH-)>C(H+)。B、應(yīng)考慮電荷守恒，c(CO32-)前應(yīng)乘以2；C、電荷守恒符合題意；D、含弱電解質(zhì)分子應(yīng)考慮物料守恒，在NaHCO3溶液中存在下列關(guān)系：NaHCO3=Na++HCO3-；HCO3-H++CO32-；HCO3-+H2OH2CO3+OH-，則

C(Na+)=C(HCO3-)+C(CO32-)+C(H2CO3)符合題意。故選CD1、兩種物質(zhì)混合不反應(yīng)：

用物質(zhì)的量都是0.1mol的CH3COOH和CH3COONa配制成1L混合溶液，已知其中c(CH3COO-)＞c(Na+)，對(duì)該混合溶液的下列判斷正確的是()

A.C(H+)＞C(OH-)B.C(CH3COOH)＋C(CH3COO-)＝0.2mol/LC.C(CH3COOH)＞C(CH3COO-)D.C(CH3COO-)＋C(OH-)＝0.2mol/L2、兩種物質(zhì)恰好完全反應(yīng)

在10ml0.1molL-1NaOH溶液中加入同體積、同濃度HAc溶液，反應(yīng)后溶液中各微粒的濃度關(guān)系錯(cuò)誤的是()。

A．c(Na+)＞c(Ac-)＞c(H+)＞c(OH-)B．c(Na+)＞c(Ac-)＞c(OH-)＞c(H+)C．c(Na+)＝c(Ac-)＋c(HAC)D．c(Na+)＋c(H+)＝c(Ac-)＋c(OH-)3、兩種物質(zhì)反應(yīng)，其中一種有剩余：(1)酸與堿反應(yīng)型

關(guān)注所給物質(zhì)的量是物質(zhì)的量濃度還是pH。在審題時(shí)，要關(guān)注所給物質(zhì)的量是“物質(zhì)的量濃度”還是“pH”，否則會(huì)很容易判斷錯(cuò)誤。（解答此類(lèi)題目時(shí)應(yīng)抓住兩溶液混合后剩余的弱酸或弱堿的電離程度和生成鹽的水解程度的相對(duì)大小。）

［點(diǎn)擊試題］把0.02molL-1HAc溶液與0.01molL-1NaOH溶液等體積混合，則混合液中微粒濃度關(guān)系正確的是()

A、c(Ac-)＞c(Na+)B、c(HAc)＞c(Ac-)C、2c(H+)＝c(Ac-)-c(HAc)D、c(HAc)+c(Ac-)＝0.01molL-1（2）鹽與堿(酸)反應(yīng)型

解答此類(lèi)題目時(shí)應(yīng)抓住兩溶液混合后生成的弱酸或弱堿的電離程度和剩余鹽的水解程度的相對(duì)大小。將0.1molL-1醋酸鈉溶液20mL與0.1molL-1鹽酸10mL混合后，溶液顯酸性，則溶液中有關(guān)粒子濃度關(guān)系正確的是()。

A．c(CH3COO-)＞c(Cl-)＞c(H+)＞c(CH3COOH)B．c(CH3COO-)＞c(Cl-)＋c(CH3COOH)＞c(H+)C．c(CH3COO-)＝c(Cl-)＞c(H+)＞c(CH3COOH)D．c(Na+)＋c(H+)＝c(CH3COO-)＋c(Cl-)＋c(OH-)4、不同物質(zhì)同種離子濃度比較型：

物質(zhì)的量濃度相同的下列溶液中，NH4+濃度最大的是（）。A．NH4ClB．NH4HSO4C．CH3COONH4D．NH4HCO3

解析：NH4+在溶液中存在下列平衡：NH4++H2ONH3H2O+H+；B中NH4HSO4電離出大量H+，使平衡向左移動(dòng)，故B中c(NH4+)大于A中的c(NH4+)，C項(xiàng)的CH3COO-和D項(xiàng)的HCO3-水解均呈堿性，使平衡向右移動(dòng)，故C、D中c(NH4+)小于A中c(NH4+)，正確答案為B。

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新課標(biāo)人教版高中化學(xué)選修四第三章第三節(jié)《鹽類(lèi)的水解》精品教案上課環(huán)節(jié)：下發(fā)相關(guān)材料（如復(fù)習(xí)課專(zhuān)用紙）學(xué)生自我梳理

小組內(nèi)同學(xué)相互展示梳理成果、進(jìn)行交流和討論小組內(nèi)推出最優(yōu)秀成果班內(nèi)展示（可由老師通過(guò)實(shí)物投影完成）點(diǎn)評(píng)、剖析或歸納（師生共同）應(yīng)用提高下面以一個(gè)學(xué)生的學(xué)習(xí)為例簡(jiǎn)要體現(xiàn)上課過(guò)程.【自我梳理】1、知識(shí)歸納：例：表現(xiàn)形式1

水解實(shí)質(zhì)：

鹽類(lèi)水解影響因素：水解規(guī)律：應(yīng)用舉例：表現(xiàn)形式2

影響鹽類(lèi)水解程度的主要因素

影響因素鹽的性質(zhì)反應(yīng)條件成鹽弱酸或弱堿的弱的程度溫度濃度影響情況簡(jiǎn)要解釋生成物（酸堿性）

2、知識(shí)疑點(diǎn)：（梳理過(guò)程中遇到的問(wèn)題）

例：濃度對(duì)水解程度影響的原理、水解程度大小與溶液pH大小的

關(guān)系。

（不同的同學(xué)會(huì)有不同的疑點(diǎn)）【展示交流】

此階段是解決問(wèn)題的關(guān)鍵階段，學(xué)生交流整理的知識(shí)網(wǎng)絡(luò)，相互取長(zhǎng)補(bǔ)短，討論遇到的問(wèn)題，相互質(zhì)疑釋疑�！揪�講歸納】

鹽類(lèi)水解知識(shí)是前一節(jié)《水的電離》知識(shí)的繼續(xù)，是促進(jìn)水的電離的一種情況，即陰陽(yáng)離子結(jié)合H+或OH-生成弱電解質(zhì)而對(duì)水的電離促進(jìn)的情況。能用化學(xué)平衡原理解釋一切外界因素對(duì)水解程度的影響，水解程度的問(wèn)題即化學(xué)平衡的轉(zhuǎn)化率問(wèn)題。

水解成堿性的鹽有以下規(guī)律：

濃度越大水解程度越小，但pH越大；濃度越小水解程度越大，但pH越小。

由于溫度改變引起pH變大，水解程度必然增大；由于濃度改變引起pH變大，水解程度必然減小。

水解成酸性的鹽有以下規(guī)律：濃度越大水解程度越小，pH也越��；濃度越小水解程度越大，pH越大。

由于溫度改變引起pH變大，水解程度必然減�。挥捎跐舛雀淖円�起pH變大，水解程度必然增大�！緫�(yīng)用提高】

1、配制FeCl3溶液往往先用適量濃鹽酸溶解，然后再加水稀釋?zhuān)瑸槭裁矗?/p>

2、加熱蒸干FeCl3溶液，并對(duì)得到的固體強(qiáng)熱，最后得到的固體物質(zhì)是什么？并用有關(guān)理論配以必要的化學(xué)方程式加以解釋。要想得到FeCl3固體應(yīng)采取何措施。3、加熱蒸干以下溶液，哪些能得到原物質(zhì)？Al2(SO4)3、AlCl3、Na2CO3、請(qǐng)總結(jié)有何規(guī)律。

4、比較等物質(zhì)的量濃度的下列溶液pH大�。篈l2(SO4)3、AlCl3、Na2CO3、NaHCO3、NaCl、NaOH。

【展示交流】

對(duì)以上問(wèn)題的見(jiàn)解和答案，同組內(nèi)同學(xué)相互交流，并

進(jìn)行完善和整理，再在全班內(nèi)進(jìn)行展示和交流�！揪�講歸納】

加熱促進(jìn)鹽類(lèi)水解，在加熱蒸干過(guò)程中水解生成的

物質(zhì)若能脫離原體系，則得不到原物質(zhì)，否則則能得到原物質(zhì)┉

【鞏固訓(xùn)練】（題目略）

參考案例（五）復(fù)習(xí)課

友情提示：本文中關(guān)于《化學(xué)選修4第四章第三節(jié)《鹽類(lèi)的水解》知識(shí)總結(jié)》給出的范例僅供您參考拓展思維使用，化學(xué)選修4第四章第三節(jié)《鹽類(lèi)的水解》知識(shí)總結(jié)：該篇文章建議您自主創(chuàng)作。

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